(新课标)2024年高考物理 押题预测极限提升二

新课标2013年高考押题预测极限提升二

一、选择题(本大题包括8小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分)。 1、根据热力学定律，下列判断正确的是( )

A．我们可以把火炉散失到周围环境中的能量全部收集到火炉中再次用来取暖 B．利用浅层海水和深层海水间的温度差制造出一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的

C．制冷系统能将冰箱内的热量传给外界较高温度的空气，而不引起其它变化 D．满足能量守恒定律的客观过程都可以自发地进行

2、一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电源联接成如图所示的电路.今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动.要使油滴上升，可采用的办法是（ ） A.增大R1 B.增大R2 C.增大R3 D.减小R2

3、磁悬浮高速列车在我国上海已投入正式运行.如右图所示就是磁悬浮的原理，图中A是圆柱形磁铁，B是用高温超导材料制成的超导圆环.将超导圆环B水平放在磁铁A上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁A的上方空中，B中电流俯视为逆时针，则（ ） A.在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流.当稳定后，感应电流消失

B.在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流.当稳定后，感应电流仍存在

C.如A的N极朝上，B中感应电流的方向如图所示

D.如A的N极朝上，B中感应电流的方向与图中所示的方向相反

4、地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动，所受的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星（高度忽略）所受的向心力为F2 ，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；地球同步卫星所受的向心力为F3 ，向心加速度为a3，线速度为v3 ，角速度为ω3；地球表面重力加速度为g ，第一宇宙速度为v ，假设三者质量相等，则下列结论错误的是 （ ） A．F1＝F2＞F3 C．v1＝v2＝v＞v3

B．a1＝a2＝g＞a3 D．ω1＝ω3＜ω2

-1

5、如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两列波源分别位于x=-2×10m

-1

和x=12×10m处，两列波的波速均为v=0.4m/s，两波源的振幅均为A=2cm，图示为t=0时刻两列波的图像（传播方向如图），此刻平衡位置处于x=0.2m和x=0.8m的P、Q两质点刚开始振动，质点M的平衡位置处于x=0.5m处，关于各质点运动情况判断正确的是 A．质点P、Q都首先沿y轴负方向运动 B．t=0.75s时刻，质点P、Q都运动到M点

- 1 -

C．t=1s时刻，质点M的位移为4cm D．t=1s时刻，质点M的位移为-4cm

6、如图所示，三小球a、b、c的质量都是m，都放于光滑的水平面上，小球b、c与轻弹簧相连且静止，小球a以速度V0冲向小球b，碰后与小球b粘在一起运动.在整个运动过程中，下列说法正确的是 （ ）

A三球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能不守恒

B三球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能也守恒

C当小球b、c速度相等时，弹簧势能最大

D当弹簧恢复原长时，小球c的动能一定最大，小球b的动能一定为零

7、光子有能量，也有动量p=h/λ，它也遵守有关动量的规律.如图所示，真空中，有一“∞”字形装置可绕通过横杆中点的竖直轴OO′在水平面内灵活地转动，其中左边是圆形黑纸片，右边是和左边大小、质量相同的圆形白纸片.当用平行白光垂直照射这两个圆面时，关于此装置开始时转动情况（俯视）的下列说法中正确的是（ ）

A.顺时针方向转动 B.逆时针方向转动 C.都有可能 D.不会转动

8、2006年2月4日,由中科院等离子体物理研究所设计、制造的EAST全超导非圆截面托卡马克实验装置大部件已安装完毕,进入抽真空降温试验阶段.其目的是建成一个受控核聚变反应堆,届时就相当于人类为自己制造了一个小

太阳,可以得到无穷尽的清洁能源.据专家介绍,今年七、八月份如能按期完成首次放电实验,合肥将成为世界上第一个建成此类全超导非圆截面核聚变实验装置并能实际运行的地方.核

21H)的质量为2.0136u,中子(0聚变的主要原料是氘,在海水中含量极其丰富.已知氘核(1n)的3He的质量为3.0150u, 1u=931.5MeV,则下列说法正确的是 （ ） 质量为1.0087u,23He所释放的核能为3.26MeV A.两个氘核聚变成一个23He所释放的核能为3.16MeV B.两个氘核聚变成一个23He所释放的核能为4.26MeV C.两个氘核聚变成一个2D.与这种受控核聚变比较,核裂变反应堆产生的废物具有放射性 二、实验题（本题共两小题，1小题5分，2小题12分，共17分 ）

9、（5分）（1）以下有关高中物理实验的一些描述中那个选项是正确的（ ） ①在“研究匀变速直线运动”实验中通过纸带上打下的一系列点可直接求出纸带上任意两个位置之间的平均速度

②在“验证力的平行四边形定则”实验中拉橡皮筋的细绳要稍长，并且实验时要使弹簧与木板平面平行

③在“用单摆测定重力加速度”实验中如果摆长测量无误。测得的g值偏小，其原因可能是将全振动的次数N误计为N—1

④在“验证机械守恒定律”的实验中需要用天平测物体的质量

- 2 -

A．①② B．②③④ C．②③ D．①②③④

(2) 用以下器材测量待测电阻RX的阻值：待测电阻RX,阻值约为100Ω

电源E，电动势约为6.0V,内阻可忽略不计； 电流表A1，量程为0～50mA，内电阻r1=20Ω; 电流表A2，量程为0～300mA； 内电阻r2约为阻值R0=20Ω；滑动变阻器R，．．4Ω; 定值电阻R0，最大阻值为10Ω；单刀单掷开关S，导线若干； ① 测量中要求两块电流表的读数都不小于其量程1

的 ，且要求尽量多测量几组数据，试画出测量电3阻RX的实验电路原理图（原理图中的元件用题干中相应的英文字母标注）。（7分）

② 若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2

的示数为I2 。则由已知量和测量量计算RX的表达式为RX =____________________。（ 5分 ） 三、计算题 （ 本题共3小题，共55分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位 ） 10、（15分）如图所示，倾角θ=30°，宽度L=1m的足够长的U形平行光滑金属导轨，固定在磁感应强度B=1T，范围充分大的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直.用平行于导轨、功率恒为6W的牵引力F牵引一根质量m=O.2kg，电阻R=1欧放在导轨上的金属棒ab，由静止开始沿导轨向上移动(ab始终与导轨接触良好且垂直)，当ab棒移动2.8m时获得稳定速度，在

2

此过程中，金属棒产生的热量为5.8J( 不计导轨电阻及一切摩擦，取g=10m／s)，求： (1)ab棒的稳定速度；（6分）

(2)ab棒从静止开始达到稳定速度所需时间.（9分）

11、（19分）如图所示，光滑水平面上有一质量M=4．0kg的平板车，车的上表面是一段长L=1．0m

- 3 -

的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径R=0．25m的1／4光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨道在 0’点相切．车右端固定一个尺寸可以忽略、处于锁定状态的压缩弹簧，一质量m=1．0kg的小物块紧靠弹簧放置，小物块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0．5．整个装置处于静止状

2

态．现将弹簧解除锁定，小物块被弹出，恰能到达圆弧轨道的最高点A．取g=10m／s．求： (1)解除锁定前弹簧的弹性势能；（ 6分 ） (2)小物块第二次经过0’点时的速度大小；（ 6分 ）

，

(3)小物块与车最终相对静止时距O点的距离．（ 7分 ） 12、（21分）如图所示，两个相同的小球质量均为m＝0.2kg，用长L＝0.22m的细绳连接，放在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，初始时刻，细绳拉直，且与斜面底边平行．在绳的中点O作用一个垂直于绳、沿斜面向上的恒力，大小F ＝2.2N．在F的作用下两小球沿斜面向上运动，经过一段时间两小球第一次碰撞，又经过一段时间第二次发生碰撞??．每一次碰撞后，小球垂直于F方向的速度都比碰撞前减小．当力F作用了2s时，两小球发生最后一次

2

碰撞，且碰后不再分开．取g ＝10m/s，求： （1）最后一次碰撞后，小球的加速度．（5分） （2）最后一次碰撞后，小球的最小速度。（7分） （3）整个过程中，系统由于碰撞而损失的机械能．

F （9分）

参考答案

一:不定项选择题（本题共8小题，每题6分，共48分 ）

F m 30° m - 4 -

题号 答案

9.(1) C （5分）(2) ① 如右图所示( 7分 ) ②

1 B 2 CD 3 BD 4 ABC 5 AD 6 AC 7 B 8 AD A2RxR0A1I2?I1R0?r1 （ 5分 ） I1R( 注意：电路图中，如有一个地方不对，不能得分 )

SE

10、解：(1)ab棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab所受安培力为FB.则F-mgsin30°+FB ① （ 2分 ）

PB2L2v而FB=BIL= ② （ 1分 ） 牵引力 F= ③ （ 1分 ）

vRPB2L2v将②③代人①后得 =mgsin30°+ （ 1分 ）

vR代人数据后得v1=2m／s，v2=-3m／s(舍去) （ 1分 ）

(2)设从静止到稳定速度所需时间为t.棒ab从静止开始到具有稳定速度的过程中在做变加速直线运动，据能量关系有：Pt-mgsin30°·s—Q=

1mv2-0（7分） 2代人数据得t=1.5s.（2分）

11、解：（1）平板车和小物块组成的系统水平方向动量守恒，故小物块到达圆弧最高点A时，二者的共同速度v共?0 （ 1分 ） 设弹簧解除锁定前的弹性势能为Ep，上述过程中系统能量守恒，则有 Ep?mgR??mgL（ 4分 ） 代入数据解得 Ep?7.5J （ 1分 ）

（2）设小物块第二次经过O?时的速度大小为vm，此时平板车的速度大小为vM，研究小物块在平板车圆弧面上的下滑过程，由系统动量守恒和机械能守恒有

0?mvm?MvM （ 2分 ） mgR?11mvm2?MvM2（ 3分 ） 22由式代入数据解得 vm?2.0m/s （ 1分 ）

（3）最终平板车和小物块相对静止时，二者的共同速度为0。（1分）

设小物块相对平板车滑动的路程为S，对系统由能量守恒有 Ep??mgS（4分） 代入数据解得S?1.5m （ 1分 ）

则距O?点的距离x?S?L?0.5m （ 1分 ）

- 5 -

12、解:（1）设沿斜面向上为正方向． 由牛顿第二定律：F?2mgsin30??2ma 解得 a?（ 3分 ）

F2.2?gsin30??(?10?0.5)m/s2?0.5m/s2 （ 2分 ） 2m2?0.22

（2）由分析可知:对两小球和绳组成的整体，两小球沿斜面向上的方向上，

由牛顿第二定律：F?2mgsin30??2ma得a＝0.5m/s，故两小球沿斜面向上的方向上始终做匀加速运动 ( 5分 )

最后一次碰撞后，小球的最小速度为v＝at＝0.5×2m/s＝1m/s（ 2分 ） （3）2s内，小球沿斜面向上的位移为 s?v1t??1?2m?1m （ 2分 ） 22设整个过程中，系统由于碰撞而损失的机械能为E ， 由功能关系：F(s?解得

L1)?2mgssin30???2m?v2?E （ 5分 ） 22E?F(s?（ 2分 ）

（ 注：计算题如按其它方法，答案正确，同样得分 ）

L1)?2mgssin30???2m?v2220.221?2.2?(1?)J?2?0.2?10?1?0.5J??2?0.2?12J22?0.242J - 6 -

12、解:（1）设沿斜面向上为正方向． 由牛顿第二定律：F?2mgsin30??2ma 解得 a?（ 3分 ）

F2.2?gsin30??(?10?0.5)m/s2?0.5m/s2 （ 2分 ） 2m2?0.22

（2）由分析可知:对两小球和绳组成的整体，两小球沿斜面向上的方向上，

由牛顿第二定律：F?2mgsin30??2ma得a＝0.5m/s，故两小球沿斜面向上的方向上始终做匀加速运动 ( 5分 )

最后一次碰撞后，小球的最小速度为v＝at＝0.5×2m/s＝1m/s（ 2分 ） （3）2s内，小球沿斜面向上的位移为 s?v1t??1?2m?1m （ 2分 ） 22设整个过程中，系统由于碰撞而损失的机械能为E ， 由功能关系：F(s?解得

L1)?2mgssin30???2m?v2?E （ 5分 ） 22E?F(s?（ 2分 ）

（ 注：计算题如按其它方法，答案正确，同样得分 ）

L1)?2mgssin30???2m?v2220.221?2.2?(1?)J?2?0.2?10?1?0.5J??2?0.2?12J22?0.242J - 6 -

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